Sistema di equazioni con parametro
Non capisco la soluzione di questo sistema:la richiesta è: per quali valori del parametro $h in R$ il sistema ammette soluzione nulla?
Dato :
$\{(hx+2z=0),(3x+3y+z=0),(hy+z=0),(2x+2y+z=0):}$
Io avevo pensato che $AA h $ il sistema ammette la soluzione $x=y=z=0$ mentre il libro riporta la soluzione $AAh != 0$ e non capisco il perché...
Grazie
Dato :
$\{(hx+2z=0),(3x+3y+z=0),(hy+z=0),(2x+2y+z=0):}$
Io avevo pensato che $AA h $ il sistema ammette la soluzione $x=y=z=0$ mentre il libro riporta la soluzione $AAh != 0$ e non capisco il perché...
Grazie
Risposte
Cosa intendi con "soluzione nulla"? O cosa intende il tuo libro?
Beh è un sistema lineare omogeneo per cui ammette sempre la soluzione banale, in questo caso $(0,0,0)$. Forse c'è un errore e ti chiedono quando ammette soltanto la soluzione nulla?
Potrebbe essere...ma cosa cambierebbe?
Cioè quando al variare di $h$ avrei solo $x=y=z=0$?
Cioè quando al variare di $h$ avrei solo $x=y=z=0$?
"axpgn":
Cosa intendi con "soluzione nulla"? O cosa intende il tuo libro?
$x=y=z=0$
Ha ragione il libro …
"axpgn":
Ha ragione il libro …
Allora mi puoi spiegare il perché? Perché non ho davvero capito...
Mostraci come lo hai risolto e ti mostreremo l'errore (se c'è).
Il libro, presumibilmente, chiede per quali valori di $h$ abbiamo SOLO la soluzione nulla (come detto da Obidream)
Il testo è esattamente quello?
Il libro, presumibilmente, chiede per quali valori di $h$ abbiamo SOLO la soluzione nulla (come detto da Obidream)
Il testo è esattamente quello?
Il testo è corretto.
Il sistema ho provato a risolverlo per sostituzione...e forse ho capito anche il motivo... poiché ho $hx$ per trovare $x$ nella prima equazioni ad esempio devo porre $h!=0$ perché divido per $h$?
Il sistema ho provato a risolverlo per sostituzione...e forse ho capito anche il motivo... poiché ho $hx$ per trovare $x$ nella prima equazioni ad esempio devo porre $h!=0$ perché divido per $h$?
Però non so del tutto sicuro di questa spiegazione...
Fai uno sforzo, su … mostraci quello che hai fatto, i vari passaggi … pretendere che noi si interpreti sempre il tuo pensiero e che si riesca a darti la risposta giusta comunque … 
Costa fatica riscrivere qui i passaggi? Sì, costa fatica, però qualcosa va dato per avere qualcosa in cambio …

Costa fatica riscrivere qui i passaggi? Sì, costa fatica, però qualcosa va dato per avere qualcosa in cambio …
Forse ho capito e scrivo i passaggi
$\{(z=-2x-2y),(hy+z=0),(hx+2z=0),(x+y=0):}$
$\{(y=-x),(z=-2x+2x=0),(hy=0):}$
Perciò $y=0$ implica che $h!=0$
$\{(z=-2x-2y),(hy+z=0),(hx+2z=0),(x+y=0):}$
$\{(y=-x),(z=-2x+2x=0),(hy=0):}$
Perciò $y=0$ implica che $h!=0$
I passaggi sono questi (escluso somme e sottrazione banali)... è corretto?
"Aletzunny":
Perciò $y=0$ implica che $h!=0$
Più precisamente … se $h!=0$ allora $y=0$ (e quindi anche $x=z=0$); se invece $h=0$ allora $y$ può avere un qualsiasi valore perciò non c'è SOLO la soluzione nulla.
"Aletzunny":
(escluso somme e sottrazione banali)
Banali per te che le hai fatte, io ho dovuto supporre tutti i passaggi da un sistema all'altro … come posso essere sicuro che siano quelli che hai fatto e che tu li abbia fatti correttamente? Il fatto che tu giunga al risultato corretto non mi assicura che i passaggi siano giusti, capita che si compensino o che si sbagli più volte …
Capisco il tuo ragionamento e non ci avevo pensato... mentre il motivo per cui $h!=0$ è giusto?(conti correnti permettendo)
La risposta è che il sistema ha solo soluzione banale solo se $h!=0$
Quando $h=0$ vi sono infinite soluzioni $t<1,-,1,0>$
Trovo davvero assurdo che un problema di algebra lineare sia stato postato qua e risolto con i sistemini come appunto alle superiori.
Non dovevi per caso scrivere la matrice e usare la teoria che hai imparato?
Quando $h=0$ vi sono infinite soluzioni $t<1,-,1,0>$
Trovo davvero assurdo che un problema di algebra lineare sia stato postato qua e risolto con i sistemini come appunto alle superiori.
Non dovevi per caso scrivere la matrice e usare la teoria che hai imparato?